质量m=40kg的木块静止于水平面上,某时刻在大小为200N、方向与水平方向成θ=37°角斜向上的恒力F作用下做

题目

质量m=40kg的木块静止于水平面上,某时刻在大小为200N、方向与水平方向成θ=37°角斜向上的恒力F作用下做
匀加速直线运动,2s末撤去力F时木块滑行距离为x0=5.2m,(重力加速度g取10m/s²,sin37°=0.6,cos37°=0.8)求：（1）木块与地面间的动摩擦因数；（2）撤去拉力后,木块继续滑行的距离.

答案

(FCos37-μN)*t=mV (冲量定理）
V=2X/t (平均速度=首尾速度/2)
FSin37+N=mg （竖直平衡）
μmgS'=mV^2/2 （动能定理）
联立：
μ=0.128
S'=10.51m