试题分析:(1)①由AP=DP得到∠PAD=∠PDA,由对顶角相等得∠PDA=∠CDE,则∠PAD=∠CDE,根据三角形相似的判定方法得到△ABC∽△DEC,则∠ABC=∠DEC,BC:CE=DE:AB,且得到PB=PE.在Rt△ABC中根据勾股定理计算出AB=5,则PB=PE=5-x,DE=5-2x,然后利用相似比即可得到y关于x的函数关系式; ②设BE的中点为Q,连结PQ,由于PB=PE,根据等腰三角形的性质得PQ⊥BE,易得PQ∥AC,则△BPQ∽△BAC,利用相似比得到PQ=-x+4(圆心距),BQ=-x+3(⊙Q的半径),根据两圆外切的性质得到-x+4=x+(-x+3),然后解方程即可; (2)分类讨论:当点E在线段BC延长线上时,利用(1)②的结论可得IQ=PQ-PI=-x+4,CQ=BC-BQ=x,在Rt△CQI中,根据勾股定理得CI2=CQ2+IQ2=(x)2+(-x+4)2=x2-x+16,再由CI=AP得到x2-x+16=x2,解得x1=,x2=4,由于0<x<,由此得到AP的长为;同理当点E在线段BC上时,IQ=PI-PQ=x-4,CQ=BC-BQ=x,在Rt△CQI中,CI2=CQ2+IQ2=x2-x+16,利用CI=AP得到x2- x+16=x2,解得x1=,x2=4,由于<x<5,则AP的长为4,由此得到AP的长为或4. 试题解析: 解:(1)①∵AP=DP,∴∠PAD=∠PDA. ∵∠PDA=∠CDE,∴∠PAD=∠CDE. ∵∠ACB=∠DCE=90°,∴△ABC∽△DEC. ∴∠ABC=∠DEC,. ∴PB=PE. Rt△ABC中,∠ABC=90°,AC=4,BC=3,∴AB=5. 又AP=x,∴PB=PE=5-x,DE=5-2x, ∴ ∴(). ②设BE的中点为Q,联结PQ. ∵PB=PE,∴PQ⊥BE,又∵∠ABC=90°,∴PQ∥AC, ∴,∴, ∴,. 当以BE为直径的圆和⊙P外切时, . 解得,即AP的长为. (2)如果点E在线段BC延长线上时, 由(1)②的结论可知, . 在Rt△CQI中, . ∵CI=AP,∴, 解得,(不合题意,舍去). ∴AP的长为. 同理,如果点E在线段BC上时, , . 在Rt△CQI中,. ∵CI=AP, ∴,解得(不合题意,舍去),. ∴AP的长为4. 综上所述,AP的长为或. |