下列关于单摆运动过程中的受力说法,正确的是A.单摆运动的回复力是重力和摆线拉力的合力B.单摆运动的回复力是重力沿圆弧切线方向的一个分力C.单摆过平衡位置时,所受
题型:不详难度:来源:
下列关于单摆运动过程中的受力说法,正确的是A.单摆运动的回复力是重力和摆线拉力的合力 | B.单摆运动的回复力是重力沿圆弧切线方向的一个分力 | C.单摆过平衡位置时,所受的合力为零 | D.单摆运动的回复力是摆线拉力的一个分力 |
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答案
B |
解析
考点: 专题:单摆问题. 分析:单摆在运动过程中的回复力是重力沿圆弧方向上切向分力.对于单摆,在平衡位置,回复力为0,合力不为0. 解答:解:A、B、D、单摆在运动过程中的回复力是重力沿圆弧方向上切向分力.故AD错误B正确. C、对于单摆,在平衡位置,回复力为0,合力不为0.拉力和重力的合力提供圆周运动的向心力.故C错误. 故选B. 点评:解决本题的关键掌握单摆做简谐运动的特点,在平衡位置,回复力为0,合力不为0. |
举一反三
(1)利用单摆测重力加速度的实验中,偏角小于50,但测出的重力加速度的数值偏大,可能原因是_________A.振幅较小 | B.测摆长时,只量出摆线的长度,没有从悬挂点量到摆球中心 | C.数振动次数时,少计了一次 | D.数振动次数时,多计了一次 | (2)利用单摆测重力加速度的实验中,为了减小测量周期的误差,应在______位置(填“最低点”或“最高点”)开始计时和结束计时. |
已知在单摆a完成10次全振动的时间内,单摆b完成6次全振动,两摆长之差为1.6 m.则两单摆摆长la与lb分别为( )A.la=2.5 m,lb=0.9 m | B.la=0.9 m,lb=2.5 m | C.la=2.4 m,lb=4.0 m | D.la=4.0 m,lb=2.4 m |
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一个摆长约1 m的单摆,在下列的四个随时间变化的驱动力作用下振动,要使单摆振动的振幅尽可能增大,应选用的驱动力是( ) |
图甲是一个单摆振动的情形,O是它的平衡位置,B、C是摆球所能到达的最远位置.设摆球向右方向运动为正方向.图乙是这个单摆的振动图象.根据图象回答:
(1)单摆振动的频率是 (2)开始时刻摆球的位置是 (3)若当地的重力加速度为10 m/s2,摆长是 |
某同学在做“利用单摆测重力加速度”的实验中,先测得单摆的摆长,然后用秒表记录了单摆振动次所用的时间为,进而算出周期。 (1)该同学测得的值偏小,可能原因是: A.开始计时时,秒表过迟按下 | B.摆线上端未牢固地系于悬点,振动中出现松动,使摆线长度增加了 | C.实验中误将51次全振动计为50次 | D.实验中误将49次全振动计为50次 | (2)为了提高实验精度,在实验中可改变几次摆长并测出相应的周期,从而得出一组对应的和的数值,再以为横坐标、为纵坐标将所得数据连成直线,并求得该直线的斜率。则重力加速度 。(用和有关常量表示) |
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