设函数f（x）=x-ln（x+m），其中m为实常数．（Ⅰ）当m为何值时，f（x）≥0；（Ⅱ）证明：当m＞1时，函数f（x）在[e-m-m，e2m-m]内有两个零

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设函数f（x）=x-ln（x+m），其中m为实常数．
（Ⅰ）当m为何值时，f（x）≥0；
（Ⅱ）证明：当m＞1时，函数f（x）在[e^-m-m，e^2m-m]内有两个零点．

答案

（Ⅰ）∵f（x）=x-ln（x+m），x∈（-m，+∞），
∴f′(x)=1-

1

x+m

=

x-(1-m)

x+m

，令f"（x）=0，得x=1-m．------------（2分）
当x∈（-m，1-m）时，f"（x）＜0，f（x）为减函数，f（x）＞f（1-m）
当x∈（1-m，+∞）时，f"（x）＞0，f（x）为增函数，f（x）＞f（1-m）---（4分）
根据函数极值判别方法，f（1-m）=1-m为极小值，
而且对x∈（-m，+∞）都有f（x）≥f（1-m）=1-m．
故当m≤1时，f（x）≥0．---------------（6分）
（Ⅱ）证明：由（Ⅰ）知，当m＞1时，f（1-m）=1-m＜0，
函数f（x）=x-ln（x+m），在[e^-m-m，1-m]上为减函数．
f（e^-m-m）=e^-m-m-ln（e^-m-m+m）=e^-m＞0
所以当m＞1时，f（e^-m-m）与f（1-m）异号．
由函数零点判定定理知，函数f（x）在区间（e^-m-m，1-m）内有唯一零点．----------（9分）
而当m＞1时，f（e^2m-m）=e^2m-3m．
令g（x）=e^2x-3x（x＞1），则g′（x）=2e^2x-3（x＞1）＞2e²-3＞0，
那么函数g（x）在区间（1，+∞）上递增．于是g（x）＞g（1）=e²-3＞0，从而f（e^2m-m）=e^2m-3m＞0．--（11分）
所以，当整数m＞1时，函数f（x）=x-ln（x+m）在[1-m，e^2m-m]上为增函数且f（1-m）与f（e^2m-m）异号，
所以函数f（x）在区间[1-m，e^2m-m]内也有唯一零点．
综上，当m＞1时，函数f（x）在区间[e^-m-m，e^2m-m]内有两个零点．------------（14分）